我有父 User 类，其实例在用户通过身份验证时返回。 User 实例具有指示用户角色的 role_id。系统中一共有三个角色； standarduser, trainer 和 gym(每个在数据库中都有不同的表)，每个都有不同的功能和权限。
我可以做一些可能性；
1) 我可以在User 的模型类中编写角色检查；
public function getName()
{
if($user->role == 0)
{
$user->standarduser()->name;
}
else if($user->role == 1)
{
$user->gym()->name;
}
}
public function getGymUsers()
{
if($user->role == 2)
{
$user->gym()->users;
}
else
{
return null;
}
}
2) 我可以为每个角色类编写函数，但在 View (或 Controller )中，我必须进行该控制；
if($user->isStandarduser())
{
echo $user->standarduser()->name;
}
. . .
if($user->isGym())
{
echo $user->gym()->users;
}
else
{
echo "";
}
3) 为每个模型创建特定 View ，这样就无需检查角色。例如，如果我在健身房的页面中，我不会检查该对象是否是健身房对象，因为我知道它是健身房的页面。
我无法决定要走哪条路。如果有更好的设计我也可以试试。
最佳答案
如果gym和用户的 View 极其相似，而且你使用的是laravel提供的blade引擎，那么你可以使用blade的模板系统
http://laravel.com/docs/5.1/blade
/resources/layouts/default.blade.php
<body>
<h1>@yield('name')</h1>
<div>@yield('content')</div>
<p>stuff that is the same for all users</p>
</body>
/resources/gym.blade.php
@extends('layouts.default')
@section('name',$user->gym()->name)
@section('content')
<p>This is content unique to the gym</p>
@endsection
/resources/standarduser.blade.php
@extends('layouts.default')
@section('name',$user->standarduser()->name)
@section('content')
<p>This is content unique to a standard user</p>
@endsection
Controller
public function show($id){
$user = User::where($id)->first();
if($user->isGym())
return view('gym', ['user' => $user]);
else if($user->isStandardUser())
return view('standarduser', ['user' => $user]);
else
abort(500,'Not implemented yet');
}
因为每个 View 都扩展了默认布局，所以您将能够共享组件，同时为每种类型的用户提供独特的组件
关于php - 检查页面中的用户角色，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/33305483/