php - Symfony2，FOSRestBundle - 捕获异常

Question

我有 Symfony 应用程序，我将 FOSRestBundle 与 AngularJS 一起使用。我的 Symfony 应用程序没有任何 View 。

我想使用 ngToast 模块在 AngularJS 消息中显示有关从服务器接收到的信息。

如果我创建或更新它，它很容易展示。但是如果服务器抛出一些异常？例如，Angular 客户端试图获取 ID 错误的项目，或者该用户无权执行此操作？在这种情况下，服务器会抛出异常，但我想显示适当的消息。

symfony 能否捕获此异常并将其转换为 Response 对象？ 例如 - 如果我有无访问权限异常，symfony 应该捕获它并做出类似这样的事情:

return new Response(400, "You don't have permission to acces this route");

Angular 将获得:

{
    "code": 400,
    "message": "You don't have permission to acces this route"
}

这可能吗？我应该怎么做？也许我应该用其他方式来做。

Answer 1

我建议采用更多的 FOSRestBundle 方法，即配置异常以及是否应该显示消息:

fos_rest:
  exception:
    enabled: true
    codes:
      'Symfony\Component\Routing\Exception\ResourceNotFoundException': HTTP_FORBIDDEN
    messages:
      'Symfony\Component\Routing\Exception\ResourceNotFoundException': true

假设您有一个针对特定操作的自定义 AccessDeniedException，您可以创建异常，然后将其放入配置中。

<?php
class YouCantSummonUndeadsException extends \LogicException
{
}

无论你把它扔到哪里:

<?php
throw new YouCantSummonUndeadsException('Denied!');

你可以配置它:

    codes:
      'My\Custom\YouCantSummonUndeadsException': HTTP_FORBIDDEN
    messages:
      'My\Custom\YouCantSummonUndeadsException': true

得到如下结果:

{
    "code": 403,
    "message": "Denied!"
}

我希望这能让它更清楚!