我正在尝试使用所谓的现代方法来填充我的表,该方法使用 Ajax 异步更新网站的各个部分。到目前为止,我已经成功地使用纯 PHP 填充了一个表。这是代码。提前感谢您提供解决此问题的提示!
function showUsersBasic(){
$.ajax({
url: 'php_dbrequests\php_requests.php',
type:'POST',
dataType: 'json',
success: function(output_string){
$('#db-table-users').append(output_string);
} // End of success function of ajax form
}); // End of ajax call }
这是 php_dbrequests\php_requests.php 中的代码
<?php
require 'database.php';
$sql = "SELECT id, email, regdate FROM users";
$records = $conn->prepare( $sql );
$records->execute();
$results = $records->fetchAll( PDO::FETCH_ASSOC );
$output_string = '';
$output_string .= '<table>';
$output_string .= '<tr>';
$output_string .= '<th>ID</th>';
$output_string .= '<th>Email</th>';
$output_string .= '<th>Register Date</th>';
$output_string .= '</tr>';
foreach( $results as $row ){
$output_string .= "<tr><td>";
$output_string .= $row['id'];
$output_string .= "</td><td>";
$output_string .= $row['email'];
$output_string .= "</td><td>";
$output_string .= $row['regdate'];
$output_string .= "</td><td>";
$output_string .= "</td>";
$output_string .= "</tr>";
}
$output_string .= '</table>';
echo json_encode($output_string);?>
我知道我了解了最基本的内容:我的数据库连接成功,调用 ajax 函数的按钮有效。我仔细检查了我对我的表的引用。请提供任何提示,我们将不胜感激!
最佳答案
您需要修改您的 PHP 代码以返回一个包含一些键的数组,例如 data
并且不要返回 table
因为您已经有一个 table
在你的 html 中。所以只需返回带有填充数据的 tr
。
<?php
require 'database.php';
$sql = "SELECT id, email, regdate FROM users";
$records = $conn->prepare( $sql );
$records->execute();
$results = $records->fetchAll( PDO::FETCH_ASSOC );
$output_string = '';
#$output_string .= '<table>';
$output_string .= '<tr>';
$output_string .= '<th>ID</th>';
$output_string .= '<th>Email</th>';
$output_string .= '<th>Register Date</th>';
$output_string .= '</tr>';
foreach( $results as $row ){
$output_string .= "<tr><td>";
$output_string .= $row['id'];
$output_string .= "</td><td>";
$output_string .= $row['email'];
$output_string .= "</td><td>";
$output_string .= $row['regdate'];
$output_string .= "</td><td>";
$output_string .= "</td>";
$output_string .= "</tr>";
}
#$output_string .= '</table>';
echo json_encode(array('data'=>$output_string) );?>
然后将您的 ajax 代码修改为:
function showUsersBasic(){
console.info('showUserBasic called');
$.ajax({
url: 'php_dbrequests\php_requests.php',
type:'POST',
dataType: 'json',
success: function(output_string){
//OPEN FIREFOX FIREBUG EXTENSION & check console and click the ajax request to see its response
console.log(output_string);
$('#db-table-users').append(output_string.data);
} // End of success function of ajax form
}); // End of ajax call
}
关于php - Ajax 调用不填充表,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/40880689/