c++ - 如果传入任何类型的列表，则尝试禁用函数

Question

如果使用以下 enable_if 将任何类型的列表类传递给函数，我将尝试禁用该函数

template <typename ContainerType, typename KeyType,
          typename = std::enable_if_t<!std::is_same<
            std::decay_t<ContainerType>,
            std::list<typename ContainerType::value_type>>::value>>
void func(ContainerType&& container, KeyType&& key)

但是当我用 vector<int> 调用 func 时我得到错误

candidate template ignored: substitution failure [with ContainerType = std::__1::vector<int, std::__1::allocator<int> > &, KeyType = int]: type 'std::__1::vector<int, std::__1::allocator<int> > &' cannot be used prior to '::' because it has no
  members

vector 确实有成员 typedef value_type获取存储在其中的东西的值(value)..

知道如何解决这个问题吗？

Answer 1

直接的问题在这里:

std::list<typename ContainerType::value_type>>::value>>
          ^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^

在您的示例中，ContainerType是引用类型 ( std::vector<int>& ) 并且您不能从引用类型访问 typedef。您必须先删除引用。

但是我们可以通过忽略 KeyType 来更简单部分:

template <class X> struct is_list : std::false_type { };
template <class T, class A> struct is_list<std::list<T,A>> : std::true_type { };

template <class Container, class Key,
    std::enable_if_t<!is_list<std::decay_t<Container>>::value>* = nullptr>
void func(ContainerType&&, Key&& ) { ... }