可以使用 lambda 的类型作为模板参数,例如
template<typename InArg, typename Function>
class selfCompose {
Function f;
public:
selfCompose(Function f): f(f) {}
auto operator() (InArg x) -> decltype(f(f(x))) {
return f(f(x)); }
};
int main() {
auto f = [](int x){return x*x;};
std::cout << selfCompose<int, decltype(f)>(f)(4) // yields (4²)² = 256
<< std::endl;
return 0;
}
但是,f
的这种双重使用有点多余。我们可以省略将 lambda 的 type 作为模板传递(将其转换为合适的 std::function
(失去多态性——但 C++ lambda 无论如何都不是参数多态的) ),但是我有一个应用程序,我更希望不必将它的 value 传递给构造函数(因为我想使用我的类的初始化本身作为模板参数,其中一个特定的构造函数需要签名)。我希望它像这样工作
template<class InArg, class Function>
class selfCompose {
Function f;
public:
selfCompose() {} // default constructor for f
auto operator() (InArg x) -> decltype(f(f(x))) {
return f(f(x)); }
};
int main() {
auto f = [](int x){return x*x;};
std::cout << selfCompose<int, decltype(f)>()(4) << std::endl;
return 0;
}
但这不能编译,因为 lambda 有一个删除的默认构造函数。这对于 捕获 lambdas 来说当然是不可避免的,但是对于像我示例中的简单的 lambdas,这对我来说没有多大意义:它们不需要引用任何局部变量。
有没有其他方法可以获得此功能,还是我必须求助于将 lambda 定义为命名类的老式方式?
struct myFun {
auto operator() (int x) -> int {return x*x;}
};
(当然,我想使用的 lambda 函数相当不像 x → x²
这样简单,所以只需从几个标准函数类中选择不够灵活)
最佳答案
您可以按照 make_pair
和 make_shared
等函数的示例:
template<typename InArg, typename Function>
selfCompose<InArg, Function> make_selfCompose(Function f)
{
return selfCompose<InArg, decltype(f)>(f);
}
int main() {
auto f = [](int x){return x*x;};
std::cout << make_selfCompose<int>(f)(4)
<< std::endl;
return 0;
}
关于c++ - 为什么非捕获 lambda 不能默认构造,是否可以解决这个问题?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/13419819/