python - 如何在继承文件的装饰器函数中获取python文件名

Question

我有一个主类和继承类。我在主类中有一个装饰器函数。 下面的代码位于base.py 中。

def functionErrorCase(functionParam):
    def wrapper(self):
        try:
            functionParam(self)
        except Exception as e:
            self.InsertError(os.path.basename(__file__), functionParam.__name__)
    return wrapper

在继承类的所有函数中使用 “__ file __”命令返回base.py文件名，但我想要使用的类的文件名

如何返回使用的类文件名？

Answer 1

全局变量 __file__ 始终具有您读取它的模块的文件名。如果您的代码位于 base.py 中，则这就是它的文件名要去寻找。要从另一个模块读取文件，您需要从其全局变量中读取 __file__ 。您可以方便地通过函数的 __globals__ 属性访问函数的全局变量。所以你可以尝试functionParam.__globals__['__file__']。

但是可能有一个更好的选择，根本不需要使用 __file__ 。 Python 函数有一个 __module__ 属性，用于命名定义它们的模块。如果您不需要文件名末尾的 .py，则可能会这样比 __file__ 更有用。您还可以考虑使用函数的 __qualname__ 而不是常规的 __name__，因为前者将包含声明该函数的任何类的名称(例如 “Foo.bar” 表示 Foo 类的 bar 方法)。