typescript - 类构造函数可选参数

Question

我希望能够初始化一个有或没有值的类。如果你传递一个值，那么一个类的所有方法都会期望这个值作为参数，并且该值将是你在初始化时传递的类型。
如果你什么都没传递，那么方法不会期望任何参数，并且值将是未定义的。
我认为代码会给出更好的例子:

class Foo<T = void> {
  constructor(public type?: T) {}

  bar = (type: T) => {
    if (type) {
      this.type = type;
    }
  };
}

const fooUndefined = new Foo();

fooUndefined.bar(); // no errors, this is ok
fooUndefined.type === undefined; // no errors, this is ok
fooUndefined.bar(1); // expected error, this is ok

const fooNumber = new Foo(0);

fooNumber.type === 1; // no errors, but type is `number | undefined`, this is not ok
fooNumber.type > 0; // unexpected error because type is `number | undefined`, this is not ok

fooNumber.bar(1); // no errors, this is ok
fooNumber.bar(); // expected error, need to pass number, this is ok
fooNumber.bar('1'); // expected error, strings are not acceptable, this is ok

所以type房产在fooNumber示例的类型为 number | undefined .有没有办法在没有显式类型转换的情况下将其缩小到数字？
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Answer 1

所有条件参数都得到 SomeType |不明确的。
你可以这样写绕过它。
转换到数字

fooNumber.type as number > 2

或者告诉 typescript 您确定使用 !表达。

fooNumber.type! > 2