我是 CodeIgniter 的新手。之前我开发了一个登录脚本,通过使用类似于以下内容的行,可以使登录页面看起来与用户正在查看的页面相同:
include('loginpage.php');
exit;
但是对于 CodeIgniter,以下结果不会显示任何内容,因为输出类的功能尚未完全执行:
$this->load->view('loginpage');
exit;
所以我的问题是:是否有其他方法可以模仿我之前方法的功能?最终,我更喜欢这种方法,因为对于用户来说,他们似乎位于他们请求的页面上,只有他们需要先登录才能看到它(如果他们还没有登录)。
最佳答案
尝试:
$msj= $this->load->view('loginpage',$data,true);
exit($msj);
关于php - 模仿 CodeIgniter 中退出的使用的类似方法,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/7706178/