php - 不能在 array_filter() 之外调用变量

Question

这个问题在这里已经有了答案:





Reference: What is variable scope, which variables are accessible from where and what are "undefined variable" errors?

(3 个回答)


5年前关闭。




为什么我不能在外部调用变量 array_filter() ，这是我的代码

class JsonSelect
{
    public function jsonSource($jsonSource, $val){

        $file_contents = file_get_contents($jsonSource);

        if(!$file_contents){
            throw new Exception('Invalid file name');
        }

        $json = json_decode($file_contents, true);
        $q = $_POST['q'];
        $filtered = $json;

        if(strlen($q)) {
            $filtered = array_filter($json, function ($key) use ($q) {
                if (stripos($key[$val], $q) !== false) {
                    return true;
                } else {
                    return false;
                }
            });
        }

        echo json_encode(array_slice(array_values($filtered), 0, 20));
    }
}

这是我的图片来描述我的问题。
参数 $val内部无法调用 $key[$val]

Answer 1

匿名函数内的变量范围仅在匿名函数内。

您需要从父作用域继承变量。
您可以在关于 anonymous functions 的 PHP 文档中找到有关它的更多详细信息。 (示例#3)

这将改变这条线:

$filtered = array_filter($json, function ($key) use ($q) {

进入这个:

$filtered = array_filter($json, function ($key) use ($q, $val) {