php - 如何使用Guzzle保留错误响应主体

Question

我正在使用Guzzle从API进行消费。
当该API中引发错误时，响应看起来像这样。

Status Code: 500
Content-Type: application/json
-----
{
    error: 'identifier',
    error_messsage: 'foo bar'
}

我希望该正文响应(经json编码)成为Guzzle处理的异常中的消息。

try {
    // Below, a Guzzle request
    $request->send();
}
catch ( \Exception $e ) {
    // returns the error response body we talked about before
    $e->getMessage();
}

有没有办法做到这一点？

Answer 1

感谢@dollery，阅读了该文档后，我找到了解决方案。

使用异常的getResponse()方法可以按预期工作。

try {
    // Below, a Guzzle request
    $request->send();
}
catch ( \Exception $e ) {
    // returns the error response body
    $e->getResponse()->json();
}