c++ - 如果模板参数复杂，则在模板函数中应用std::conj

Question

TL; DR 假设我有一个带有模板参数T的函数，该函数以std::vector<T>&作为输入(请参见下文)，如果T是复杂类型，我想对这个 vector 进行共轭。我怎样才能做到这一点 ？
我尝试了什么在https://stackoverflow.com/a/30737105/5913047之后，我知道我可以检查类型是否复杂

template<class T> struct is_complex : std::false_type {};
template<class T> struct is_complex<std::complex<T>> : std::true_type {};

所以我尝试了:

template<typename T>
void MyFunction(std::vector<T>& MyVector){
    // do something
    if (is_complex<T>()){
       std::transform(MyVector.begin(), MyVector.end(), MyVector.begin(),[](T&c){return std::conj(c););
    }
}

但是，如果我将此函数用于非复杂类型，则编译器会说未为非复杂类型定义conj。有一些设计可以做我想要的吗？

Answer 1

您正在使用if语句。这要求if分支中的代码是可编译的，即使您不需要执行该代码。
在c++ 17中，要有条件地编译一段代码，可以这样使用if constexpr:

if constexpr (is_complex<T>()) {
 //^^^^^^^^^   
    std::transform(MyVector.begin(), MyVector.end(), MyVector.begin(),[](T&c){ return std::conj(c); });
}

这是demo。
在c++ 11中，对于类型非复杂的情况，可以使用std::enable_if编写重载，如下所示:

template<typename T, typename std::enable_if<!is_complex<T>::value, int>::type = 0>
void MyFunction(std::vector<T>& MyVector){
    // do something
}

template<typename T,  typename std::enable_if<is_complex<T>::value, int>::type = 0>
void MyFunction(std::vector<T>& MyVector){
    // do something
    std::transform(MyVector.begin(), MyVector.end(), MyVector.begin(),[](T&c){ return std::conj(c); });
}

这是一个demo。