Stroustrup C++ 第 4 版第 796 页指出“如果 Enable_if 的条件计算结果为 false,则它所属的整个函数声明将被完全忽略。”和“......我们不声明任何东西。”。
有谁知道为什么第一个f0()
正在宣布?我正在使用enable_if
正确吗?
我的目标是禁用其中一个声明。我不知道如何 f0()
可以有一个返回类型,如false
版本应该丢失 ::type
.
#include <type_traits>
using namespace std;
template<bool B, typename T>
using Enable_if = typename std::enable_if<B,T>::type;
template <class T>
class X {
Enable_if<false, T> f0(int x) {};
Enable_if<true, T> f0(int x) {};
};
int main(void)
{
X<void> xx;
return 0;
}
编译:
clang++ -std=c++11 -Wall -pedantic test197.cc && ./a.out
test197.cc:10:24: error: functions that differ only in their return type cannot
be overloaded
Enable_if<true, T> f0(int x) {};
~~~~~~~~~~~~~~~~~~ ^
test197.cc:9:25: note: previous definition is here
Enable_if<false, T> f0(int x) {};
~~~~~~~~~~~~~~~~~~~ ^
1 error generated.
最佳答案
你不能使用这种方式,因为你的对象在任何情况下都会被创建,因为类没有创建或不创建的条件。然后这里Enable_if<false, T> f0(int x) {};
,条件为false
那么就没有类型了。请注意,模板类是在开始时传递参数时实例化的,所做的只是替换 T
通过void
.
您可以使用的一种方法如下
#include <type_traits>
using namespace std;
template<bool B, typename T>
using Enable_if = typename std::enable_if<B,T>::type;
struct X {
template <class T>
Enable_if<true, T> f0(int x) {}
template <class T>
Enable_if<false, T> f0(int x) {}
};
int main(void)
{
X xx;
xx.f0<void>(4);
return 0;
}
这里我们有两个函数模板,因此它们中的每一个都可以实例化或不实例化,这取决于类内部的条件。如果为真,该函数将被实例化,反之亦然。请注意,这里只实例化了所需的函数。
关于c++ - 使用enable_if来防止声明?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/63094844/