我一直在尝试向 constexpr json parser 添加概念并且正在努力定义正确的 Parser
概念。我的第一次尝试:
using parse_input_t = std::string_view;
template <typename T>
using parse_result_t = std::optional<std::pair<T, std::string_view>>;
// A parser for type `T` is a function: parse_input_t -> parse_result_t<T>
template <typename F, typename T>
concept Parser = std::is_invocable_r_v<parse_result_t<T>, F, parse_input_t>;
问题是我想用签名编写函数:
template <Parser P>
auto func(P p);
也就是说,我不要
T
在界面中。我可以用一些丑陋的东西来完成我想要的:
template <typename F>
concept Parser = requires(F f, parse_input_t i)
{
requires requires(typename decltype(f(i))::value_type result)
{
{ f(i) } -> std::same_as<parse_result_t<decltype(result.first)>>;
};
};
有没有更干净的方法来做到这一点?我希望是这样的:
template <typename F>
concept Parser = requires(F f, parse_input_t i)
{
{ f(i) } -> std::same_as<parse_result_t<auto>>;
};
最佳答案
当然,你可以这样做。
定义一个类型特征来拉出 T
来自 std::optional<std::pair<T, std::string_view>>
:
template <typename T>
struct parser_type;
template <typename T>
struct parser_type<std::optional<std::pair<T, std::string_view>>> {
using type = T;
};
template <typename T>
using parser_type_t = typename parser_type<T>::type;
围绕试图拉出
T
的类型特征定义一个类型特征。从您调用 F
开始:template <typename F>
using parser_result = parser_type_t<std::invoke_result_t<F, std::string_view>>;
并围绕它建立一个概念:
template <typename F>
concept Parser = requires {
typename parser_result<F>;
};
然后您可以使用
parser_result<F>
作为解析器的关联类型。例如:struct Ints {
auto operator()(std::string_view) -> std::optional<std::pair<int, std::string_view>>;
};
static_assert(Parser<Ints>);
static_assert(std::same_as<int, parser_result<Ints>>);
关于c++ - 返回模板化实体的函数的概念,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/62094857/