这是一个带有语法错误的简单 Flask 应用程序(应该是 sys.version
,而不是 sys.version()
from flask import Flask, url_for, request, render_template
import sys
app = Flask(__name__)
app.config.from_object(__name__)
@app.route('/')
def index():
version = sys.version()
return "This is the index page. Python version info: {}".format(version)
if __name__ == '__main__':
app.run(debug=True)
当我在本地运行它并尝试访问 http://localhost:5000 ,我得到了不错的 Werkzeug 调试器:
但是当我在远程服务器(Apache 2.4.17,mod_wsgi 4.4.21)上运行它时,我只得到一个通用的 500 错误页面:
我尝试了各种方法来完成这项工作:
app.debug = True
在 app = Flask(__name__)
之后from werkzeug.debug import DebuggedApplication
application = DebuggedApplication(app, True)
但似乎没有任何帮助。
我知道调试器在 fork 环境中不起作用,但根据 this link , mod_wsgi 的默认模式是 不是 被 fork 。我的 Apache 配置是:
WSGIDaemonProcess flasktest user=david group=devgrp threads=1 python-path=/apps/www/80/wsgi-scripts/FlaskTest:/apps/.virtualenvs/flasktest/lib/python3.4/site-packages
那么为什么我不能得到漂亮的调试器呢?
编辑:这是我添加的修改后的文件(不起作用)
from flask import Flask
import sys
app = Flask(__name__)
app.config.from_object(__name__)
app.debug = True
from werkzeug.debug import DebuggedApplication
application = DebuggedApplication(app, True)
@app.route('/')
def index():
version = sys.version()
return "This is the index page. Python version info: {}".format(version)
if __name__ == '__main__':
app.run(debug=True)
最佳答案
要将 WSGI 中间件添加到 Flask 应用程序,包装并替换应用程序的 wsgi_app
属性。对于调试中间件,设置 app.debug = True
以及这样 Flask 不会将异常转换为 500 响应。
app.debug = True
app.wsgi_app = DebuggedApplication(app.wsgi_app, evalex=True)
在公共(public)服务器上运行调试器存在安全风险。尽管最近发生了变化,在运行代码之前需要一个 PIN,但调试器可能仍然以不可预见的方式不安全。通常,您通过使用日志记录来获取有关生产中错误的信息。 This answer是如何设置它的一个很好的基本总结。
如果您替换了
app
,您的方法可能会起作用。而不是称它为application
. mod_wsgi 可能正在接收 app
之前 application
,所以它仍在运行原始应用程序。还是建议换行app.wsgi_app
尽管。
关于python - 为什么 Flask 没有给我一个交互式调试器?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/36208236/