android点登录系统可以进行多少种排列?我知道事实的解决方案在于离散数学,特别是Permutations Without Repetition,如果您的答案不使用排列或组合,那么您是错误的。
密码的长度在4到9个点之间,但是总共有9个点需要置换。所以我的初始方程式是:
9P4+9P5+9P6+9P7+9P8+9P9
但是,我知道这个方程式是不完整的,因为它没有考虑所有规则。每个点由于位置而不同,因此,如果您按如下方式为每个点分配一个数字,则:
123
456
789
密码“1397”是不可能的,如果您尝试使用该密码,实际上您已经输入了“1236987”,因为它们之间的数字是自动选择的。需要创建另一个方程式来解决这些限制,然后从上面的我的nPr方程中减去。
这个link的视频非常棒,有人在使用android登录名。在规则中也有更详细的说明。该页面上的数学运算完全不正确,他甚至没有一个真正的解决方案。
最佳答案
这只是部分答案。唯一相关的起始点是1、2和5。对于点1和2,您可以通过简单的旋转变换来生成等效于从任何其他点(5以外的点)开始的图案。这意味着,如果您可以枚举从1和2开始的所有模式,则可以通过乘以4来计数从5以外的任何数字开始的所有模式。
从5开始的路径是不同的情况。您可以通过计算以5-> 1和5-> 2开头的所有路径并乘以4来计算所有这些路径,因为您可以通过简单的旋转变换再次生成所有其他可能的路径。
因此,枚举路径的方法是...
(从1开始的所有路径+从2开始的所有路径+以5-> 1开头的所有路径+以5-> 2开头的所有路径)* 4
再次,编号系统,以方便引用:
1 2 3
4 5 6
7 8 9
对于此第一步:
从1-> 2、4、5、6和8可访问。
从2-> 1、3、4、5、6、7和9可访问(基本上不是8或本身)。
从5-> 1、2、3、4、6、7、8和9可访问。
此后的 Action 变得非常有趣。
例如,1537是有效密码。 1539不是。
简而言之,是规则:
没有点可能两次成为路径的一部分。如果点不是路径的一部分,并且通过过渡恰好与之交叉,则它将成为源点和目标点之间路径的一部分。
以下是一些示例路径:
允许
该程序:
class LockPattern(object):
def __init__(self, *args):
if (len(args) == 1) and hasattr(args[0], '__iter__'):
args = tuple(args[0])
if len(args) > 9:
raise TypeError("A LockPattern may have at most 9 elements.")
self._pattern = ()
for move in args:
if not self.isValidNextStep(move):
raise TypeError("%r is not a valid lock sequence." % (args,))
else:
self._pattern = self._pattern + (move,)
def __len__(self):
return len(self._pattern)
def __iter__(self):
return iter(self._pattern)
def isValidNextStep(self, nextdot):
nextdot = int(nextdot)
if (nextdot < 1) or (nextdot > 9):
raise ValueError("A lock sequence may only contain values from 1 "
"to 9 and %d isn't." % (nextdot,))
if len(self._pattern) <= 0:
return True # Any dot is valid for the first dot
if len(self._pattern) >= 9:
return False
if nextdot in self._pattern:
return False # No dot may be visited twice
prevdot = self._pattern[-1]
dotpair = tuple(sorted((prevdot, nextdot)))
if dotpair == (1,3):
return 2 in self._pattern
if dotpair == (1,7):
return 4 in self._pattern
if dotpair in ((1,9),(2,8),(3,7),(4,6)):
return 5 in self._pattern
if dotpair == (3,9):
return 6 in self._pattern
if dotpair == (7,9):
return 8 in self._pattern
return True
def isValidLockSequence(self):
return 4 <= len(self)
def newSequenceAddDot(self, nextdot):
if not self.isValidNextStep(nextdot):
raise ValueError("%d is not a valid next dot for the sequence." % (nextdot,))
newseq = LockPattern()
newseq._pattern = self._pattern + (nextdot,)
return newseq
def genAllPatterns(starting = LockPattern()):
if starting.isValidLockSequence():
yield starting
for dot in xrange(1,10):
if starting.isValidNextStep(dot):
for result in genAllPatterns(starting.newSequenceAddDot(dot)):
yield result
print reduce(lambda x, p: x+1, genAllPatterns(), 0)
生成389112的答案。
这也验证了我以前的直觉:
lsts = tuple(((p, list(genAllPatterns(LockPattern(p)))) for p in ((1,), (2,), (5,1), (5,2))))
[(x[0], len(x[1])) for x in lsts]
-> [((1,), 38042), ((2,), 43176), ((5, 1), 7352), ((5, 2), 8708)]
sum((len(x[1]) for x in lsts)
-> 97278
97278 * 4
-> 389112
关于security - 什么是Android点密码系统的熵?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/2120655/