regex - 如何使用grep/sed打印文件，不包括注释和空白行？

Question

我想打印出包含一系列注释的文件，例如:

    </Directory>
    ErrorLog ${APACHE_LOG_DIR}/error.log
    # Possible values include: debug, info, notice, warn, error, crit,
    # alert, emerg.
    LogLevel warn
    CustomLog ${APACHE_LOG_DIR}/ssl_access.log combined
    #   SSL Engine Switch:

本质上，文件包含多个缩进级别，其中注释以#符号开头。

grep应该删除空白行，并删除文本前有哈希符号的行(这意味着它们是注释)。

我知道可以通过以下方式删除空白行:grep -v '^$'
但是，如何删除带有前导空格的行，然后删除#符号，并仅打印出具有实际代码的行？我想使用grep和/或sed在bash中执行此操作。

Answer 1

用grep:

grep -v '^\s*$\|^\s*\#' temp

在OSX / BSD系统上:

grep -Ev '^\s*$|^\s*\#' temp