alfresco - 在露天 : Fastest way to get NodeRef from a node path

Question

我正在努力提高我们的一个实现的性能，

我们目前使用 Alfresco nodeService.getChildAssocs 从 rootNode 检索节点并运行某种循环来比较路径。

当您有大量文件时，这不是很有效。我已经从 Share 调试了定位文件 web 脚本，发现它们根据路径运行 Lucene 查询。

这也是此处描述的内容:http://wiki.alfresco.com/wiki/NodeRef_cookbook#Getting_a_NodeRef_from_its_path

这是检索 NodeRef 的最有效方法吗？是否有另一个 API 可用于从存储库端(Java 中)运行这个简单的任务？

非常感谢

Answer 1

在基础 API 中，您可以 call :

FileFolderService.resolveNamePath(NodeRef rootNode, List pathElements)
FileFolderService.resolveNamePath(NodeRef rootNode, List pathElements, Boolean mustExist)

Internally ，它使用搜索循环模式，可能类似于您提到的您已经在做的事情。然后，如果您只想进行搜索，您可以使用其他 API:

SearchService.query(StoreRef.STORE_REF_WORKSPACE_SPACESSTORE, SearchService.LANGUAGE_XPATH, "/app:company_home/cm:path/cm:to/cm:content")

OOTB 远程 API 是 org/alfresco/cmis/item.get Web 脚本，它提供以下 URL 模板等:

/cmis/s/{store}/arg/p?path={path}&filter={filter?}&returnVersion={returnVersion?}&includeAllowableActions={includeAllowableActions?}&includeRelationships={includeRelationships?}&includeACL={includeACL?}&renditionFilter={renditionFilter?}
/api/path/{store_type}/{store_id}/{nodepath}?filter={filter?}&returnVersion={returnVersion?}&includeAllowableActions={includeAllowableActions?}&includeRelationships={includeRelationships?}&includeACL={includeACL?}&renditionFilter={renditionFilter?}

不过，我不建议将其用于性能关键路径，因为 CMIS 非常繁琐。我可能会开发一个利用上述基础 API 的自定义 Web 脚本。