c++ - 我可以在成员函数上使用 boost::enable_if 吗？

Question

我正在写一个模板类，我想允许一个额外的方法只存在于特定的模板类型中。目前该方法适用于所有模板类型，但会导致所有其他类型的编译错误。

复杂的是它是一个重载的 operator()。不确定我想做的事情在这里是否真的可行。

这是我现在拥有的:

template<typename T, typename BASE>
class MyClass  : public BASE
{
public:

    typename T& operator() (const Utility1<BASE>& foo);
    typename T const& operator() (const Utility2<BASE>& foo) const;
};

我想要 T&版本始终可用，但 T const&版本仅在 Utility2<BASE> 时可用已验证。现在，这两种方法都存在，但如果 Utility2<BASE>，则尝试使用 const 版本会出现奇怪的编译错误。是无效的。我宁愿有一个合理的错误，甚至是“没有这样的成员函数”错误。

这可能吗？

编辑:在通读了 boost 文档后，这是我想出的，它似乎有效:

template<typename T, typename BASE>
class MyClass  : public BASE
{
public:

    typename T& operator() (const Utility1<BASE>& foo);

    template<typename U>
    typename boost::enable_if<boost::is_same<Utility2<BASE>, U>, T>::type const &
    operator() (const U& foo) const;
};

因此该方法不存在，除非有人尝试将它与 Utility2 一起使用，并且他们只能创建一个 Utility2，前提是它对该 BASE 类型有效。但是当它对该 BASE 类型无效时，MyClass 不会浪费时间创建访问器方法。

Answer 1

是的，这是可能的，但不能直接使用类模板参数。 boost::enable_if 只能与方法本身的模板参数一起使用。所以，使用一点 typedef:

template<typename T, typename BASE>
class MyClass  : public BASE
{
public:
  typedef Utility2<BASE> util;

  typename T& operator() (const Utility1<BASE>& foo);

  template<typename U>
  typename boost::enable_if<boost::is_same<util, U>, T>::type const &
  operator() (const U& foo) const;
};

这是可行的，因为 Utility2 只能从特定的 BASE 类型创建。因此，如果 BASE 类型是其他类型，则 operator() 的 const 版本将不存在。

所以，这是一个非常小的事情。这对我没有太大好处。但这样做很巧妙。