javascript - 运行 gulp 后如何在浏览器选项卡中打开站点？

Question

我是 gulp 的新手，我正在 Gulpfile.js 中工作，到目前为止我已经有了这个

var gulp = require('gulp');
var sass = require('gulp-sass');
var plumber = require('gulp-plumber');

gulp.task('sass', function() {
  gulp.src('public/stylesheets/style.scss')
    .pipe(plumber())
    .pipe(sass())
    .pipe(gulp.dest('public/stylesheets'));
});

gulp.task('watch', function() {
  gulp.watch('public/stylesheets/*.scss', ['sass']);
});

gulp.task('default', ['sass', 'watch']);

当我运行 $ gulp 时没有任何反应，我想要一个响应 gulp 命令并在浏览器中打开页面的 gulp 文件。

这是我有我的文件夹:

哪个任务是完成我想要的任务的正确任务？

Answer 1

'use strict';

var gulp = require('gulp');
var open = require('gulp-open');


// Default usage: 
// Open one file with default application 

gulp.task('open', function(){
  gulp.src('./index.html')
  .pipe(open());
});