algorithm - 大O，您如何计算/近似？

Question

大多数拥有CS学位的人当然会知道Big O stands for是什么。
它可以帮助我们评估算法的可扩展性。

但是我很好奇，您如何计算或估算算法的复杂性？

Answer 1

我会尽力在这里简单地解释它，但要注意，这个主题需要我的学生花几个月的时间才能最终掌握。您可以在Data Structures and Algorithms in Java书的第2章中找到更多信息。



没有mechanical procedure可用于获取BigOh。

作为“食谱”，要从一段代码中获得BigOh，您首先需要意识到您正在创建一个数学公式，以计算给定大小的输入后执行多少计算步骤。

目的很简单：从理论的角度比较算法，而无需执行代码。步骤数越少，算法越快。

例如，假设您有这段代码：

int sum(int* data, int N) {
    int result = 0;               // 1

    for (int i = 0; i < N; i++) { // 2
        result += data[i];        // 3
    }

    return result;                // 4
}

此函数返回数组所有元素的总和，我们想创建一个公式来计算该函数的computational complexity：

Number_Of_Steps = f(N)

因此，我们有了f(N)，该函数可以计算计算步骤的数量。函数的输入是要处理的结构的大小。这意味着将调用该函数，例如：

Number_Of_Steps = f(data.length)

参数N采用data.length值。现在我们需要函数f()的实际定义。这是从源代码完成的，其中每个有趣的行从1到4编号。

有许多方法可以计算BigOh。从这一点出发，我们将假定不依赖于输入数据大小的每个句子都采用恒定的C个计算步骤。

我们将添加该函数的各个步骤，并且局部变量声明和return语句都不依赖于data数组的大小。

这意味着第1行和第4行每个都执行C步，并且功能有点像这样：

f(N) = C + ??? + C

下一部分是定义for语句的值。请记住，我们正在计算计算步骤的数量，这意味着for语句的主体被执行N次。这与添加C，N次相同：

f(N) = C + (C + C + ... + C) + C = C + N * C + C

没有机械规则来计算for的主体执行了多少次，您需要通过查看代码的作用来对其进行计数。为了简化计算，我们忽略了for语句的变量初始化，条件和增量部分。

要获取实际的BigOh，我们需要函数的Asymptotic analysis。大致是这样完成的：


带走所有常量C。
从f()获取其standard form中的polynomium。
将多项式的项除以增长率。
保持当N接近infinity时会变大的那个。


我们的f()有两个术语：

f(N) = 2 * C * N ^ 0 + 1 * C * N ^ 1

除去所有C常量和冗余部分：

f(N) = 1 + N ^ 1

由于最后一项是当f()接近无穷大时考虑的项（请考虑limits），因此这是BigOh参数，而sum()函数的BigOh为：

O(N)

有一些技巧可以解决一些棘手的问题：尽可能使用summations。

例如，可以使用求和轻松地解决此代码：

for (i = 0; i < 2*n; i += 2) {  // 1
    for (j=n; j > i; j--) {     // 2
        foo();                  // 3
    }
}

您需要问的第一件事是foo()的执行顺序。虽然通常是O(1)，但您需要向教授询问。 O(1)表示（几乎，几乎是）常量C，与大小N无关。

关于第一句的for语句很棘手。当索引以2 * N结尾时，增量增加2。这意味着第一个for仅执行N个步骤，我们需要将计数除以二。

f(N) = Summation(i from 1 to 2 * N / 2)( ... ) = 
     = Summation(i from 1 to N)( ... )

第二句甚至更棘手，因为它取决于i的值。看一下：索引i取值：0、2、4、6、8，...，2 * N，第二个for被执行：第一个N倍，第二个N-2， N-4第三个...直到N / 2阶段，第二个for永远不会执行。

在公式上，这意味着：

f(N) = Summation(i from 1 to N)( Summation(j = ???)(  ) )

同样，我们正在计算步骤数。并且根据定义，每次求和应始终始于一个，并以大于或等于1的数字结束。

f(N) = Summation(i from 1 to N)( Summation(j = 1 to (N - (i - 1) * 2)( C ) )

（我们假设foo()是O(1)并采取C步骤。）

我们这里有一个问题：当i向上取值N / 2 + 1时，内部求和运算将以负数结束！那是不可能的，也是错误的。我们需要将总和一分为二，成为i取N / 2 + 1时的关键点。

f(N) = Summation(i from 1 to N / 2)( Summation(j = 1 to (N - (i - 1) * 2)) * ( C ) ) + Summation(i from 1 to N / 2) * ( C )

由于关键时刻i > N / 2，内部的for将不会执行，因此我们假设C主体上的C执行复杂度恒定。

现在，可以使用一些标识规则来简化求和：


求和（w从1到N）（C）= N * C
求和（w从1到N）（A（+/-）B）=求和（w从1到N）（A）（+/-）求和（w从1到N）（B）
求和（w从1到N）（w * C）= C *求和（w从1到N）（w）（C是一个常数，独立于w）
求和（w从1到N）（w）=（N *（N + 1））/ 2


应用一些代数：

f(N) = Summation(i from 1 to N / 2)( (N - (i - 1) * 2) * ( C ) ) + (N / 2)( C )

f(N) = C * Summation(i from 1 to N / 2)( (N - (i - 1) * 2)) + (N / 2)( C )

f(N) = C * (Summation(i from 1 to N / 2)( N ) - Summation(i from 1 to N / 2)( (i - 1) * 2)) + (N / 2)( C )

f(N) = C * (( N ^ 2 / 2 ) - 2 * Summation(i from 1 to N / 2)( i - 1 )) + (N / 2)( C )

=> Summation(i from 1 to N / 2)( i - 1 ) = Summation(i from 1 to N / 2 - 1)( i )

f(N) = C * (( N ^ 2 / 2 ) - 2 * Summation(i from 1 to N / 2 - 1)( i )) + (N / 2)( C )

f(N) = C * (( N ^ 2 / 2 ) - 2 * ( (N / 2 - 1) * (N / 2 - 1 + 1) / 2) ) + (N / 2)( C )

=> (N / 2 - 1) * (N / 2 - 1 + 1) / 2 = 

   (N / 2 - 1) * (N / 2) / 2 = 

   ((N ^ 2 / 4) - (N / 2)) / 2 = 

   (N ^ 2 / 8) - (N / 4)

f(N) = C * (( N ^ 2 / 2 ) - 2 * ( (N ^ 2 / 8) - (N / 4) )) + (N / 2)( C )

f(N) = C * (( N ^ 2 / 2 ) - ( (N ^ 2 / 4) - (N / 2) )) + (N / 2)( C )

f(N) = C * (( N ^ 2 / 2 ) - (N ^ 2 / 4) + (N / 2)) + (N / 2)( C )

f(N) = C * ( N ^ 2 / 4 ) + C * (N / 2) + C * (N / 2)

f(N) = C * ( N ^ 2 / 4 ) + 2 * C * (N / 2)

f(N) = C * ( N ^ 2 / 4 ) + C * N

f(N) = C * 1/4 * N ^ 2 + C * N

BigOh是：

O(N²)