node.js - 配置 Gulp 'watch' 任务以进行非常基本的服务器重启(Node JS)

Question

当我对 Controller 文件进行更改时，我试图让 Gulp“监视”任务重新启动服务器..以获取这些更改，而无需手动重新启动服务器。

有人可以发布一个小示例，其中包含正确运行它的说明吗？

Answer 1

所以有很多很棒的教程，但恕我直言，它们似乎没有分解像我这样的 Gulp 新手正在寻找的逐步细节。这篇文章假设读者对如何使用 Node JS 设置路径有基本的了解，并且旨在仅解决与现有 Gulp 引用的那些明显的差距。

下面是一个完整的 gulpfile.js 处理

• 服务器重新启动
• 缩小

如何运行 Gulp 任务

A) 使用 gulp 启动服务器。

$ gulp

或

$ gulp dev

对文件进行一些更改并查看它重新启动

B) 运行缩小任务

$ gulp minify_js

在 Node 设置中，在相应的目录中查找生成的文件bundle.js

gulpfile.js

'use strict';

var gulp = require('gulp'),
     jshint = require('gulp-jshint'),
     concat = require('gulp-concat'),
     uglify = require('gulp-uglify'),
     rename = require('gulp-rename'),
     nodemon = require('gulp-nodemon'),
     minifyCss = require('gulp-minify-css'),
     sourcemaps = require('gulp-sourcemaps'),
     plugins = require('gulp-load-plugins')();


gulp.task('dev', function () {
  return plugins.nodemon({
    watch: ['config','controllers', 'models', 'util', 'routes', 'server.js'],
    script: 'server.js'
  });
});

gulp.task('minify_js', function() {
      return gulp.src('public/js/*.js')
        .pipe(sourcemaps.init())
          .pipe(concat('bundle.js'))
          //only uglify if gulp is ran with '--type production'
          // .pipe(gutil.env.type === 'production' ? uglify() : gutil.noop()) 
          .pipe(uglify()) 
        .pipe(sourcemaps.write())
        .pipe(gulp.dest('public/js'));
    });

gulp.task('default', ['dev']);