python - 在Python中，如何获取模块内文件目录的路径

Question

我创建了一个名为“playr”的模块，它有一个 wav 文件的子目录:

user/repositories/python_packages/playr/
|
|--__init__.py
|--sounds/
|   |--sound1.wav
|   |--sound2.wav
|   |--sound3.wav

在我的 __init__.py 中，有一个函数应该获取 sounds/ 目录中所有文件的列表，以便播放选定的声音:

from os import listdir
import os.path
import subprocess

def play(sound=0):
    wav_files = listdir('sounds')
    sound_file = os.path.join('sounds', wav_files[sound])
    return_code = subprocess.call(['afplay', sound_file])

因为我想共享此模块，我需要找到一种方法来获取 sounds/ 目录的路径，而无需对绝对路径进行硬编码。父目录 user/repositories/python_packages/ 包含在我的 PYTHONPATH 变量中。

目前，当我尝试在不同目录中使用 python env 中的模块时，它会像这样:

from playr import play

play()


----------------------------------------------------------------
FileNotFoundError: [Errno 2] No such file or directory: 'sounds'

我知道它没有找到 sounds/ 目录，因为它在我当前的环境中查找，而不是在模块内查找。 我的问题是如何让我的函数在模块内而不是当前环境中查看。

到目前为止，我已经使用 os.path 和 pathlib 尝试了许多不同的方法。我还尝试了使用 module.__file__

的不同方法

任何帮助将不胜感激!

更新

我当前的解决方案是使用pathlib.Path(__file__)

Answer 1

编辑[2022-01-12]:
我使用 pathlib.Path(__file__) 使用更简单的解决方案更新了我的方法，它将完整的 PosixPath 返回到包目录中的文件，并且从那里可以轻松导航到所需的子目录。这要容易得多，不需要安装额外的软件包，并且对我来说 Python 3.6 - 3.10 工作得很好

我将以下内容放入__init__.py

import subprocess
from pathlib import Path
p = Path(__file__)
sounds_dir = p.parent / 'sounds'

def beep(sound=2):
    sounds = [x for x in sounds_dir.iterdir()]
    return_code = subprocess.call(['afplay', sounds[sound]])

为了使用，我确保将完成的包(重命名为 beepr )添加到我的 PYTHONPATH 中，并且像这样使用它没有任何问题:

from beepr import beep
beep(2)

<小时/>

这是我使用过的(以前的)解决方案，需要 importlib.resources并使用 Python 3.7 和 3.8，或向后移植 importlib_resources与 <3.7

一起工作

# py 3.7
import os, subprocess
from importlib.resources import path

def play(sound=0):
    with path('playr', 'sounds') as sounds_path:
        sounds = os.listdir(sounds_path)
        audio_file = os.path.join(sounds_path, sounds[sound])
        return_code = subprocess.call(['afplay', audio_file])

但是，除了不太简单之外，它也不适用于 Python 3.9 或 3.10

<小时/>