我有以下简单的 Kotlin 扩展函数:
// Get the views of ViewGroup
inline val ViewGroup.views: List<View>
get() = (0..childCount - 1).map { getChildAt(it) }
// Get the views of ViewGroup of given type
inline fun <reified T : View> ViewGroup.getViewsOfType() : List<T> {
return this.views.filterIsInstance<T>()
}
这段代码可以编译并且运行良好。但是,我希望函数 getViewsOfType
成为一个属性,就像 views
一样。 Android Studio 甚至建议这样做。我让 AS 进行重构并生成以下代码:
inline val <reified T : View> ViewGroup.viewsOfType: List<T>
get() = this.views.filterIsInstance<T>()
但是这段代码无法编译。它会导致错误:“属性的类型参数必须在其接收者类型中使用”
这里有什么问题?搜索有关此错误的帮助似乎无法找到答案。
最佳答案
该错误意味着如果您在接收器类型中使用所述类型 - 您正在扩展的类型,则您只能为扩展属性使用泛型类型参数。
例如,您可以有一个扩展 T
的扩展:
val <T: View> T.propName: Unit
get() = Unit
或者扩展一个使用 T
作为参数的类型:
val <T: View> List<T>.propName: Unit
get() = Unit
至于为什么会这样,我认为原因是属性不能像函数那样具有泛型类型参数。虽然我们可以调用带有泛型类型参数的函数...
val buttons = viewGroup.getViewsOfType<Button>()
...我认为属性不存在类似的语法:
val buttons = viewGroup.viewsOfType<Button> // ??
关于android - Kotlin 属性 : "Type parameter of a property must be used in its receiver type",我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/44181945/