php - 将一个表中的结果显示为链接以将结果显示到另一表？

Question

我有一个游戏列表，我希望人们能够转到页面 games.php 并从游戏列表中进行选择，这会将他们带到同一页面，但作为 games.php?subgame=MetalGearRising。

这是我到目前为止所拥有的。

      <?php
      $result = mysql_query("SELECT gamename FROM games ORDER BY gamename");
while ($row = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC)) {
    printf("%s", $row["gamesname"] . "<br />");
}
      ?>

子游戏为子游戏表，子游戏名称为subgamename。

现在它列出了它们: 最终幻想 潜龙谍影 游戏王

我不知道如何使结果可点击，点击后将它们带到 games.php?subgame=XXX 并显示子游戏表中该游戏下列出的所有子游戏。我确实有自动增量，所以我不确定是否需要在内部联接或其他什么中引用它，我对联接不太熟悉。

任何帮助将不胜感激。

编辑:@Jesse

这就是我迷路的地方，因为我不知道如何将它们链接在一起，因为我的子游戏有以下几行: 子游戏id 子游戏名称 子游戏描述

例如，我单击了《合金装备》，它带我到了 subgames.php?list=《合金装备》，其中应该列出子游戏名称的结果，专门针对 游戏 table 上的《合金装备》游戏。例如，子游戏名称是《合金装备崛起》。那么它应该只显示子游戏表中的内容。

我的 subgames.php 代码如下所示

$_GET['subgamename'];
if ($_REQUEST['do'] == $_GET['subgamename'];)
{
$sql = mysql_query('SELECT subgamename FROM items WHERE ID = "'.$id.'"');
}

但是问题是我没有游戏名称来打印结果？我的意思是肯定有一种比输入更简单的方法来列出它 游戏名称在两个不同的表中？

@bobthyasian 实际上，这可能是我需要在这里开始的。让我用现有的代码尝试一下。

实际上是 echo "

$row['gamesname']

";但这有点起作用，但是当我单击链接时，我收到警告:mysql_fetch_array() 期望参数 1 为资源， bool 值在第 54 行/public_html/games.php 中给出。我假设是因为它没有引用回游戏表来知道要列出哪些子游戏，这是我感到困惑的部分。

Answer 1

您需要将 $_GET[] 与 IF ELSE 混合使用，如下所示:

<?php
$sub = $_GET['subgame'];
if($sub){
//Check if subgame selected
$result = mysql_query("SELECT $sub FROM games");
 while ($row = mysql_fetch_array($result)) {
  //Display subgame info
 }
}
else{
//No subgame selected
//Display subgames
$result = mysql_query("SELECT gamename FROM games ORDER BY gamename");
 while ($row = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC)) {
   echo "<li><a href='game.php?subgame=".$row['gamesname']."</a></li><br />";
 }
}
?>