php - mysqli-准备语句失败，错误为 "no table used"

Question

刚开始用 php 编写，我正在使用 $mysqli->prepare() 函数来准备执行语句，但它一直失败，我不知道为什么。 $mysqli->error 中的错误是“没有使用表”，我似乎也找不到太多相关文档...如果有人可以提供帮助，我将不胜感激。代码如下:

$datasqli=new mysqli(HOST, USERNAME, PASSWORD, DATABASE); // defined elsewhere
if ($datasqli->connect_errno) {
    printf("Connect failed: %s\n", $datasqli->connect_error);
    exit();
}

if ($usertest = $datasqli->prepare("INSERT INTO eeg (Identifier) 
    SELECT * FROM (SELECT ? ) AS tmp WHERE NOT EXISTS (
    SELECT Identifier FROM eeg WHERE Identifier = ?
    ) LIMIT 1")) {
    // this stuff never gets executed...
} else {
    echo $datasqli->error; // "no table used"
}

我尝试直接在 mysql 环境中执行该代码块，它工作得很好。

Answer 1

显然，

SELECT * FROM (SELECT ? )

...未被识别为有效的 MySQL 语法。缺少表名。

编辑，关于您的评论:

首先，请注意，通过用常量替换 ? 在控制台中执行此语句并不能模拟您的情况，因此我认为结果无法进行比较。

但是话又说回来，执行它而不替换?自然会给出错误。

那是因为仅执行选择与您的情况无关。在您的 php 代码中，失败的不是执行，而是准备。因此，使用控制台模拟此操作的正确方法是 PREPARE声明。

所以做一个

PREPARE myStmt 
  FROM 'SELECT * FROM (SELECT ? ) AS tmp WHERE NOT EXISTS (
    SELECT Identifier FROM eeg WHERE Identifier = ?
    ) LIMIT 1'

会更准确地重现您的问题。

现在，PREPARE 似乎很难理解出现在 FROM 子句中的参数化嵌套查询。看看这些例子:

PREPARE myStmt FROM "select * from (select ? from eeg) tmp"; 

(不起作用)

PREPARE myStmt FROM "select *,? from (select * from eeg) tmp"; 

(有效)

PREPARE myStmt FROM "select *,? from (select 'asdf') tmp"; 

(有效)

PREPARE myStmt FROM "select * from eeg where Identifier in (select ?)"; 

(有效)

奇怪的行为，但我只能猜测当FROM子句中的嵌套SELECT具有参数时，MySQL缺少准备语句的线索。

至于我的建议，如果我理解您想要做什么，那么您不需要在嵌套选择中使用参数。为了 FROM，您可以将其移到外部并在嵌套选择中硬编码一个常量。代码如下

if ($usertest = $datasqli->prepare("INSERT INTO eeg (Identifier) 
    SELECT ? from (select 1) tmp WHERE ? NOT IN
      (SELECT Identifier FROM eeg WHERE Identifier = ?)")) {

...应该可以解决问题。