php - 从服务器端捕获错误

Question

我正在从我的服务器获取 json 数据以将它们显示为表格。

$('#queryFrom').ajaxForm({                    
                dataType:  'json',                                        
                beforeSubmit:  showRequest,  // pre-submit callback
                success:   processJson,                    
                error: function (xhr, ajaxOptions, thrownError){
                    $('#queryResult').html('<div class="ui-corner-all ui-state-error"><p><span class="ui-icon ui-icon-alert"></span>'+thrownError+'</p></div>');
                    $('#queryResult').show("slow");
                }
            });

我能以某种方式将 mysql 错误与 json/ajax 错误端分开吗？ 目前我得到:无效的 JSON:SQLSTATE[42S02]:未找到基表或 View :1146 表“simover.simulation”不存在{} 我可以自定义 jquery 抛出的消息吗？ 谢谢阿尔曼。

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可以使用 xhr.responceTxt 代替 thrownError。

Answer 1

目前正在调用您的错误回调，因为您的服务器响应有错误，而不是因为您的服务器遇到问题。 Javascript 引擎抛出错误，因为它希望 JSON 数据被发回，但它却得到一个普通字符串 Base table or view not found...，这不是有效的 JSON 字符串。

我建议您在服务器上捕获这些错误，例如使用 try 和 catch block 并在发生错误时发回某种特殊响应。像这样:

{
    "ok": false, 
    "error_key": "database_error", 
    "error_text": "Base table or view not found: 1146 Table 'simover.simulation' doesn't exist"
}