我要构建一个具有登录、添加、编辑、删除功能的迷你系统。登录、添加和删除功能正常,但在编辑时没有问题。这是我的 update.php 代码。仅供引用,这段代码没有显示任何错误。
<?php
ini_set('display_errors', '1');
error_reporting(E_ALL ^ E_NOTICE);
require_once "conn.php";
$conn=connect();
$db=connectdb();
$ic= "";
$parcelno = "";
$items = "";
if(isset($_REQUEST['ic'])){ $ic= $_REQUEST['ic']; }
if(isset($_REQUEST['parcel'])){ $parcel = $_REQUEST['parcel']; }
if(isset($_REQUEST['items'])){ $items = $_REQUEST['items']; }
mysqli_select_db($conn, $db) or die (mysqli_error($conn)."\n");
$sql="UPDATE parcel SET parcelno='".$parcel."', items='".$items."' where ic='".$ic."'";
$result=mysqli_query($conn,$sql) or die(mysqli_error($conn)."\n");
}
最佳答案
你的代码没有显示错误,但它不会工作..
您应该在数据库中定义表和列的名称以及表单字段的名称..
在您的代码中,它们并不清楚(有时您使用 parcel
有时使用 parcelno
作为变量,这两者是不同的。两个变量都必须匹配)
现在,让我们假设您有一个表单,在包含 connections.php...
- 表名:
tname
- 表单字段:
Ic
Parcel
Items
- 表格列:
ic
parcel
items
当用户点击保存时:
if(isset($_POST['Save']))
{
$ic= $_POST['ic'];
$parcel= $_POST['parcel'];
$items= $_POST['items'];
$query= "UPDATE tname SET Ic='{$ic}', Parcel='{$parcel}', Items='{$items}'",
$res= mysql_query($query);
if (!$res){echo mysql_error()};
}
然后您可以返回 $res
并显示更新的字段。
这是在 MySQL 中更新的代码。
但最好使用mysqli_affected_rows()
。
关于PHP:无法编辑 MySQL 数据库中的数据,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/25094273/