php - 如何将下拉列表中的值插入到 mysql 查询中以从数据库中检索数据

Question

我必须从下拉表中选择城市，并根据值我必须使用 jquery 进一步检索属于该城市的人 我的代码是

 <select class="form-control" id="personCity">
            <option class="form-control" value="">Person country</option>
            <option class="form-control" value="usa">usa</option>
            <option class="form-control" value="aus">Australia/option>
</select>

我必须使用 jquery 获取值

$('#personCity').change(function(e) {
   var personCity=$('#personCity').val();
   $('#personcityRetrive').text(personCity);
});

在数据库中我有以下数据

country     person
 usa           abc
 aus           xyz
 usa           123
 aus           ABC  

mysql代码是

<?php
$sql=mysql_query("SELECT * FROM outlets WHERE country='" 
?><span id="personcityRetrive"></span> 
<?php "'");?>

Answer 1

给定这个 HTML:

<select class="form-control" id="personCity">
    <option class="form-control" value="">Person country</option>
    <option class="form-control" value="usa">usa</option>
    <option class="form-control" value="aus">Australia/option>
</select>

您需要在更改发生时执行 AJAX。 JQuery:

$('#personCity').change(function(e) {
    var personCity=$('#personCity').val();
    $.get('lookupCity.php', { "city": personCity }, function(result){
        $("#personcityRetrive").html(result);
    });
});

您的 PHP 需要独立运行 (lookupCity.php)，连接到 SQL Server，并回显 SQL 查找的结果。它不应该使用 MySQL 函数，这些函数已被弃用。您还想避免 SQL 注入(inject)。试试这个:

<?php
$link = mysqli_connect("localhost", "my_user", "my_password", "world");
if (mysqli_connect_errno()) {
    printf("Connect failed: %s\n", mysqli_connect_error());
    exit();
}
if ($stmt = mysqli_prepare($link, "SELECT person FROM outlets WHERE country=? LIMIT 1");
    mysqli_stmt_bind_param($stmt, "s", $_GET['city']);
    mysqli_stmt_execute($stmt);
    mysqli_stmt_bind_result($stmt, $person);
    mysqli_stmt_fetch($stmt);
    printf("%s\n", $person);
    mysqli_stmt_close($stmt);
}
mysqli_close($link);
?>