这是我比较 XML 文件的代码,使用映射将 xml 标签名称定义为内容。
#include "pugi/pugixml.hpp"
#include <iostream>
#include <string>
#include <map>
using namespace std;
int main()
{
pugi::xml_document doca, docb;
std::map<std::string, pugi::xml_node> mapa, mapb;
std::map<int, std::string> tagMap {make_pair(1, "data"), make_pair(2, "entry"), make_pair(3, "id"), make_pair(4, "content")};
if (!doca.load_file("a.xml") || !docb.load_file("b.xml")) {
std::cout << "Can't find input files";
return 1;
}
for (auto& node: doca.child(tagMap[1]).children(tagMap[2])) {
auto id = node.child_value(tagMap[3]);
mapa[id] = node;
}
for (auto& node: docb.child(tagMap[1]).children(tagMap[2])) {
auto idcs = node.child_value(tagMap[3]);
if (!mapa.erase(idcs)) {
mapb[idcs] = node;
}
}
}
我得到的错误是这样的:
src/main.cpp:20:30: error: no viable conversion from 'mapped_type' (aka 'std::__1::basic_string<char>') to
'const char_t *' (aka 'const char *')
for (auto& node: doca.child(tagMap[1]).children(tagMap[2])) {
^~~~~~~~~
根据推荐,我尝试了这种方法:
auto id = node.child_value(tagMap[3].c_str());
但我仍然得到同样的错误。似乎我试图使用 map 来定义标签名称已经导致了很多问题,而不仅仅是对它进行硬编码,但是映射它似乎是合乎逻辑的,因为将来我会将 map 移动到外部文件,这样我就可以为不同的程序运行程序XML 标签无需每次都重新编译。
最佳答案
如果你仔细阅读错误
src/main.cpp:20:30: error: no viable conversion from 'mapped_type' (aka 'std::__1::basic_string<char>') to
'const char_t *' (aka 'const char *')
for (auto& node: doca.child(tagMap[1]).children(tagMap[2])) {
^~~~~~~~~
您会看到您正在将 std::string
传递给需要 const char*
的对象。具体来说:
doca.child(tagMap[1])
tagMap[1]
是一个 std::string
而 child()
需要一个 const char*
.所以:
for (auto& node: doca.child(tagMap[1].c_str()).children(tagMap[2].c_str())) {
关于c++ - 从 'mapped_type' 没有可行的转换,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/29806337/