c++ - 如果使用默认模板，如何产生编译器错误？

Question

使用模板特化，我编写了一系列具有相同名称和相同参数类型的函数，但返回模板参数指定类型的数据:

template<typename T> T     f          (int x); // Purposefully unimplemented.

template<> inline uint8_t  f<uint8_t> (int x) { return f8  [x]; }
template<> inline uint16_t f<uint16_t>(int x) { return f16 [x]; }
template<> inline uint32_t f<uint32_t>(int x) { return f32 [x]; }
template<> inline uint64_t f<uint64_t>(int x) { return f64 [x]; }

然后我可以写这样的代码:

uint32_t a = f<uint32_t>(3);
uint64_t b = f<uint64_t>(7);

如果有人试图将 f 的一个版本用于我为其定义的专用类型之外的任何其他内容，我故意未实现默认模板以产生链接器错误。

我有两个问题:

1) 如果有人试图使用比我现在得到的是:对 `int f(int)' 的 undefined reference ？

2) 有没有什么方法可以使用模板来做到这一点，该模板对程序员保持相同的接口(interface)，但不需要模板专门化？ (即，是否有某种方法可以完全避免使用默认模板？)

Answer 1

namespace fimpl{
  template<class T>struct tag_t{};
  template<class T>
  void fimpl(tag_t<T>, int x)=delete;
}

template<typename T> T     f          (int x){ using fimpl::fimpl; return fimpl(fimpl::tag_t<T>{}, x); }

现在不要专精；覆盖。

namespace fimpl{ inline uint8_t  fimpl(tag_t<uint8_t>,  int x) { return f8  [x]; } }
namespace fimpl{ inline uint16_t fimpl(tag_t<uint16_t>, int x) { return f16 [x]; } }
namespace fimpl{ inline uint32_t fimpl(tag_t<uint32_t>, int x) { return f32 [x]; } }
namespace fimpl{ inline uint64_t fimpl(tag_t<uint64_t>, int x) { return f64 [x]; } }

这使用标签分派(dispatch)来选择覆盖而不是使用特化。

如果没有找到显式特化，=delete模板被选中，你会立即得到一个编译器错误。

有趣的是，如果你想用新类型扩展它，比如 namespace lib{ struct bigint; }你可以放一个fimpl(fimpl::tag_t<bigint>, int)过载 namespace lib它会起作用的。我怀疑您是否需要它。

您也可以取消 f作为模板，如果你对 f(tag<uint8_t>, 7) 没意见的话而不是 f<uint8_t>(7) .只需摆脱 fimpl命名空间(从中移出内容)，重命名 fimpl::fimpl只是f , 删除 =delete ed模板函数，添加template<class T> constexpr tag_t<T> tag{}; .但是语法在调用点有点不同。