c++ - 如何在模板参数中使用 std::is_pod？

Question

当某物是 pod 时，我试图获得一组行为，而当它不是通过模板元编程时，我试图获得另一组行为。我写了下面的代码，但出现编译错误。我想得到:

yep
nope

但我得到以下编译器错误:

error C2993: 'std::is_pod<_Ty>': illegal type for non-type template parameter '__formal'

使用这段代码

#include <iostream>
#include <type_traits>

struct A
{
    int b;
};

struct B
{
private:
    int b;
public:
    int c;
};

template <class Z, std::is_pod<Z>>
void x()
{
    std::cout << "yep" << std::endl;
}

template <class Z>
void x()
{
    std::cout << "nope" << std::endl;
}

int main()
{
    x<A>();
    x<B>();
    return 0;
}

有什么建议吗？

Answer 1

您需要使用 std::enable_if 才能在 SFINAE 上下文中使用来自 std::is_pod 的值。看起来像

// only enable this template if Z is a pod type
template <class Z, std::enable_if_t<std::is_pod_v<Z>, bool> = true>
void x()
{
    std::cout << "yep" << std::endl;
}

// only enable this template if Z is not a pod type
template <class Z, std::enable_if_t<!std::is_pod_v<Z>, bool> = true>
void x()
{
    std::cout << "nope" << std::endl;
}

请注意，std::is_pod 在 C++17 中已弃用，并已从 C++20 中删除。