c++ - 在具有专门化程序的模板类上正确使用 const 返回值

Question

这是一个简短的模板类示例，我希望我的编译器拒绝它:

struct Vector {
  Vector(float a, float b, float c): x(a), y(b), z(c) {}
  float x, y, z;
};

template <typename T>
class Field {
public:
  const T doSomething() const;
};

template <typename T>
const T Field<T>::doSomething() const {
  T out(0);
  return out;
}

template <>
const Vector Field<Vector>::doSomething() const {
  return Vector(1,2,3);
}

template <>
const float Field<float>::doSomething() const {
  return 0.0f;
}

int main() {
  Field<float> g;
  Field<Vector> h;
  g.doSomething();

  // This should be illegal!
  h.doSomething() = Vector(3,4,5);
}

编译器成功抛出错误!但是，假设我必须使用 -Wall -Wextra 进行编译，此代码为此生成了警告:

main.cpp:25:41: warning: type qualifiers ignored on function return type [-Wignored-qualifiers]

啊，所以你可以删除 doSomething() 的返回类型上的 const 限定符，但这会通过我的非法行代码在底部。作为一个可能的解决方案，至少对于我的玩具问题，您可以编写通用 doSomething() 来处理原始类型，并且不会生成此警告，但说我必须专门化原始类型。有没有办法在不更改警告标志的情况下删除此警告？

Answer 1

使用 C++11，您可以将赋值运算符限制为左值引用，如下所示:

struct Vector {
  Vector(float a, float b, float c): x(a), y(b), z(c) {}
  float x, y, z;
  Vector& operator=(const Vector&) & = default;
};

现在您可以从返回类型中删除常量:

template <>
Vector Field<Vector>::doSomething() const {
  return Vector(1,2,3);
}

而你的陈述仍然是一个错误:

error: no match for ‘operator=’ (operand types are ‘Vector’ and ‘Vector’)
   h.doSomething() = Vector(3,4,5);