c++ - 为什么编译器不能从模板中推导出类型，例如 template<typename R(typename... Args)>？

Question

对我来说，编译器可以推导出这样的模板类型看起来很自然:

template<typename R(typename... Args)>
struct wrap {
    std::function<R(Args)> func_;

    template<typename... Args2>
    wrap(Args2&& ...args2) : func_(std::forward<Args2>(args2)...) {
    }

    R operator()(Args&&... args) {
        cout << "Extra stuff that wrap template does" << endl;
        return func_(std::forward<Args>(args)...);
    }
}

所以我可以用任何函数实例化而无需显式地将其签名提供给模板:

wrap w([](int x){ return 2*x });

轻松调用它:

w(3);

但事实证明，这种包裹根本行不通。 GCC 4.8.1 说 expected nested-name-specifier before ‘R’。

为什么这是不可能的？实现这种通用包装功能的方法是什么？

Answer 1

有人提议在 C++1y 中做这样的事情，我目前不了解它的状态。

你的语法不适合那些提案，因为 lambda 是错误的类型来实例化 std::function 模板。它需要一个签名，而不是某些 lambda 的类型。

编写make_wrap 是可能的，但需要采用 lambda 类型并自行提取 args 和返回值。这也很少是一个好主意，因为如果你知道 std::function 类型的唯一方法是从演绎中，那么在那种情况下为什么要类型删除它？相反，随身携带原始 lambda 类型。

有理由想要这样做，但很少是好的。