javascript - 在 Javascript 中捕获同源异常？

Question

我正在尝试创建我自己的 XMLHttpRequest 框架来了解这些东西在内部是​​如何工作的。 令我困惑的是我找不到如何捕获“同源”异常。

这背后的想法是，我尝试加载一个 URL，如果我遇到同源异常，我会通过该脚本的本地代理脚本重新请求该 URL。我这样做的原因是因为我需要从开发沙箱访问生产数据，并且我希望它对脚本本身尽可能透明。

我知道这是一种不好的做法，但这是目前最不具侵入性的方式:)

只是为了清除问题 - 我不想绕过同源，我只是想捕获抛出的异常，以便我可以做一些事情。

这是我目前用于我的 xhr 的代码:

var net = function (url, cb, setts){
    this.url = url;
    this.cb = cb;

    var oThis = this;
    if (!this.xhr) {
        this.xhr = new XMLHttpRequest();
        this.xhr.onreadystatechange = function() {
            if (oThis.xhr.readyState == 4 && oThis.xhr.status == 200) {
                document.body.innerHTML += "RS: "+oThis.xhr.readyState+"; ST:"+oThis.xhr.status+"; RP:"+oThis.xhr.responseText+"<br>";
            }
            else {
                // do some other stuff :)
                document.body.innerHTML += "RS: "+oThis.xhr.readyState+"; ST:"+oThis.xhr.status+"; RP:"+oThis.xhr.responseText+"<br>";
            }
        }
    }
    this.xhr.open("GET", url,true);
    this.xhr.send();
} // It's WIP so don't be scared about the unused vars or hardcoded values :)

我尝试尝试... catch xhr.send();但无济于事，仍然无法捕获异常。

任何想法或指示将不胜感激。

Answer 1

xhr.onreadystatechange = function() {
    if (xhr.readyState==4) {
        if (xhr.status==0) {
            alert("denied");
        } else {
            alert("allowed");
        }
    }
}