我没有意识到有一种面向对象的方式来使用mysqli,所以我构建了一个名为DB的类。在 __construct 期间,它采用主机名、用户名、密码和数据库名称。给出以下代码:
$myDB = new DB("localhost", "user", "password", "database");
$myDBConnect = $myDB->connect();
if(!$myDBConnect) {
echo "<strong>The following error has occurred: " . $myDB->getError();
}
该变量显然包含 FALSE
,因为此 if
语句当前返回 TRUE
。这是 DB 类的方法:
public function connect() {
// Create connection
$this->dbConnx = mysqli_connect($this->dbHost, $this->dbUsername, $this->dbPassword, $this->dbName);
if(mysqli_connect_errno($this->dbConnx)) {
$this->dbError = mysqli_error($this->dbConnx);
return false;
}
}
我没有收到任何错误详细信息。我尝试在 connect 方法中添加 or die(mysqli_error());
,但它总是只输出实例化 $myDB 的文件中的文本。我还尝试了错误报告代码的变体,包括在 mysqli_connect_errno()
中不带任何参数,以及在带或不带连接参数的情况下使用 $this->dbError = mysqli_connect_error()
。
这是否不必要地使使用 mysqli 的 OO 方式变得复杂?或者我是否缺少一些简单的东西,可以让我继续使用我已经得到的代码? 预先感谢您的宝贵时间。
最佳答案
如果不是变量
if(!$myDBConnect) {
^--remove variable sign here
编辑:
您的连接应该是
$myDB = new mysqli("localhost", "user", "password", "database");
关于php - 获取类中数据库连接错误,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/18089320/