以下程序运行良好:
struct M; // forward declare so compiler will recognize this type
struct N;
template< typename J > struct B { template< typename U > void Func1(); };
template<> template<> void B< M >::Func1< M >() {}
template<> template<> void B< N >::Func1< N >() {}
template<> template<> void B< M >::Func1< N >() {} // illegal specialization for this app
template< typename J > struct C { template< typename U > void Func2(); };
template<> template<> void C< M >::Func2< M >() {}
template<> template<> void C< N >::Func2< N >() {}
template< typename G > struct H { G g; };
int main()
{
H< B< M > > hbm;
hbm.g.Func1< M >(); // ok
hbm.g.Func1< N >(); // compiles and runs, but uses a semantically illegal specialization for this app
H< B< N > > hbn;
hbn.g.Func1< N >(); // ok
H< C< M > > hcm;
hcm.g.Func2< M >(); // ok
H< C< N > > hcn;
hcn.g.Func2< N >(); // ok
return 0;
}
重要的是,必须在编译时显式声明结构 B 和 C,并且只允许那些对应用有意义的专门化。
但从上面的代码中可以看出,我的下游开发人员(有一天!)可能能够创建语法上正确的模式,但在语义上没有意义。具体来说,应用程序只知道如何使用类和函数类型相同的类型。其余的都是无稽之谈。
这似乎是新的 C++17+ 功能之一的案例,例如 SFINAE、约束或概念。尽管我正在阅读这些内容,但我还没有做出选择的判断力。在替代方案下的 cppreference 中,如果编译器有能力(我使用 VS2015),他们建议使用 Concepts 而不是 SFINAE。
将类型名 J 限制为与类型名 U 相同的好方法是什么?
最佳答案
您可以使用enable_if :
template< typename J > struct B {
template<typename U>
typename std::enable_if<std::is_same<U, J>::value, void>::type
Func1();
};
http://coliru.stacked-crooked.com/a/efb499cf654f0f25
有了概念(在不久的将来不会成为标准),与上面相同的解决方案将如下所示。
http://melpon.org/wandbox/permlink/li4Uh5Q6ilpnlhcl
template <class T, class U> concept bool Same = std::is_same<T,U>::value;
template< typename J > struct B {
template< typename U >
requires Same<J, U>
void Func1();
};
关于c++ - 使用 SFINAE、约束或概念来限制特化?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/37422423/