谁能告诉/告诉我如何在 PHP 中使用 PHP。 我正在尝试根据 MySQL 数据库中的值更改图像的 URL。 这是我正在尝试做的一个例子。请记住，$idx 已经具有来自页面 URL 的值。
<?php
$query = "SELECT * FROM comment WHERE uname='$idx'";
$result = mysql_query($query);
while($row = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC))
{
echo "<img src='' name='comm' width='75px' height='60px' id='mainimage' />";
}
?>
如何使图像的源值来自不同的表？
最佳答案
您可以在单个 SQL 查询中连接来自多个表的数据。请参阅:http://www.w3schools.com/sql/sql_join.asp
例子:
SELECT column_name(s)
FROM table_name1
JOIN table_name2
ON table_name1.column_name=table_name2.column_name
关于php - 如何在 Php 中使用 Php？，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/2641348/